Теоретический урок по предмету математики для решения задач по теме "Параллельный перенос, поворот плоскости и подобные треугольники".
Содержание данной онлайн страницы электронного справочника для школьников:
Параллельным переносом на вектор называется отображение плоскости на себя, при котором каждая точка M отображается в такую точку M1, что два вектора равны
=
***
Дано:
отрезок AB
Построить:
AB → A1B1
A → A1 : =
B → B1 : =
***
Теорема:
При параллельном переносе на вектор сохраняется расстояние между точками, т.е. параллельный перенос – движение.
Дано:
f – параллельный перенос на вектор
M M1
NN1
f – движение (MN = M1N1)
Доказательство:
Точка M переводится движением в точку M1 с условием, что два вектора равны: M M1: = MM1
Точка N переводится движением в точку N1 с условием, что два вектора равны: NN1: = NN1
Следовательно, полученные отрезки параллельны MM1 || NN1 и построенные отрезки равны MM1 = NN1
Значит, четырехугольник MM1N1N – параллелограмм.
Поэтому MN = M1N1, значит f – движение.
***
a)
Треугольник ΔABC
A A1:
=
B B1:
=
C C1:
=
б)
Треугольник ΔABC
A A1: =
B B1:
=
C C1:
=
Дано:
треугольник ΔABC
AB = BC
точка D лежит на AC: DAC
точка C лежит на AD: CAD
BC B1D
а) Построить: B1D
б) Доказать: ABB1D – равнобедренная трапеция
а)
Построение:
1) От точки B проведем прямую a, параллельную вектору : a ||
2) Точка B переводится движением в точку B1
=
3) Проведем прямую B1D, параллельную отрезку BC:
B1D || BC
***
б)
Доказательство:
Рассмотрим четырехугольник BB1DC.
Т.к. основания BB1 || CD и боковые стороны BC || BD параллельны, то BB1DC – параллелограмм (по определению)
По свойству параллелограмма:
основания BB1 = CD и боковые стороны BC = BD равны, но AB = BC, тогда AB = B1D
Т.к. BB1 || AD параллельны и AB B1D не параллельны, следовательно, ABB1D – трапеция (по определению).
Т.к. AB = B1D, то ABB1D – равнобедренная трапеция.
***
Дано:
треугольник ΔABC
EFPQ – трапеция
окружность (O; R)
вектор
Построить:
окр (O;R) окр (O1;R1)
ΔABC ΔA1B1C1
EFPQ E1F1P1Q1
Построение:
как показано на рисунке.
***
Определение:
MOM1 = α и OM1 = OM.
O – центр поворота
α – угол поворота
***
α = 75° (против часовой стрелки)
O – центр поворота
AB – отрезок
Построить:
A1B1
Построение:
1) AA1;
AOA1 = 75°
OA = OA1
2) BB1;
BOB1 = 75°
OB = OB1
***
Теорема:
Поворот является движением.
Дано:
α – угол поворота (против часовой стрелки)
точка O – центр поворота
MN – отрезок
Доказать:
f – движение, MN = M1N1
Доказательство:
Пусть M→M1; N→N1
Тогда треугольники равны ΔOMN = ΔOM1N1 по двум сторонам и углу между ними:
OM = OM1
ON = ON1
MON = M1ON1
Тогда MN = M1N1, значит, f – движение.
***
Дано:
точка O – центр поворота
AB – отрезок
AB→A1B1
Построить:
A1B1
Построение:
1) AA1;
AOA1 = 180°
OA = OA1
2) BB1;
BOB1 = 180°
OB = OB1
***
Дано:
треугольник ΔABC
точка A – центр поворота
α = 160° (против часовой стрелки)
ΔABC→ΔAB1C1
Построить: ΔAB1C1
Построение:
1) BB1;
BAB1 = 160°
BA = B1A
2) CC1;
CAC1 = 160°
CA = AC1
***
Дано:
точка O – центр поворота
α = 120°
AB – отрезок
AB→A1B1
A1B1
Построение:
1) AA1;
AOA1 = 120°
OA = OA1
2) BB1;
BOB1 = 120°
OB = OB1
***
Дано:
точка C – центр окружности (C; R)
точка O – центр поворота
угол поворота α = 60° (против часовой стрелки)
а) точка C и точка O не совпадают
б) точка C и точка O совпадают
окружность (С1; R)
Построение:
а)
1) проведем луч CO
2) CC1;
COC1 = 60°
CO = C1O
б)
Т.к. точка О – центр поворота и точка С – центр окружности совпадают, то окружности (C;R) и (C1;R) будут тоже совпадать.
***
Дано:
Δ ABC – равнобедренный, равносторонний
D – точка пересечения биссектрис
D – центр поворота
угол поворота α = 120°
Доказать:
ΔABCΔABC
Доказательство:
Т.к. Δ ABC – правильный, то все углы в нем равны 60°.
Т.к. точка D – центр описанной и вписанной окружности, то
AD = BD = DC = R.
Δ ABD = Δ BDC = Δ DAC (по трем сторонам).
Следовательно, что ADB =BDC =CDA
Поэтому
AB
BC
CA
Т.е. ΔABC → ΔBCA.
Таким образом, Δ ABC отображается на себя.
***
Повторение.
Дано:
треугольник ΔABC
соотношение углов
ABC :BCA :CAB = 3 : 7 : 8
Найти: наибольший угол треугольника
Решение:
Пусть x – коэффициент пропорциональности. Зная, что сумма углов в треугольнике равна 180°, составим и решим уравнение:
3x + 7x + 8x = 180
18x = 180
x = 10
Наибольший угол CAB = 8 • 10 = 80°
Ответ: 80°.
***
Дано:
треугольник ΔABC – равнобедренный,
один угол больше другого:
Найти: угол при основании треугольника
Решение:
Пусть x° – угол при основании треугольника. Зная, что сумма углов в треугольнике составляет 180°, составим и решим уравнение:
(x + 60°) + x + x = 180°
3x = 180 – 60
3x = 120
x = 40
Значит, BAC = 40°.
Ответ: 40°.
***
Дано:
треугольник ΔABC – прямоугольный
c = 26 см – гипотенуза
соотношение катетов:
a : b = 5 : 12
Найти: больший катет b
Решение:
Пусть x – коэффициент пропорциональности. По теореме Пифагора составим и решим уравнение:
(5x)2 + (12x)2 = 262
25x2 + 144x2 = 676
169x2 = 676
x2 = 4
x = 2
b = 12 • 2 = 24 (см)
Ответ: 24 см.
***
Дано:
треугольник ΔABC,
C = 90°
b = 5 – катет
c = 13 – гипотенуза
Найти: площадь треугольника SΔABC = ?
Решение:
По теореме Пифагора получаем:
a ==== 12
Тогда площадь треугольника
SΔABC = • ab = =
= 30 (квадратных единиц)
Ответ: 30 кв.ед.
***
Дано:
треугольник ΔABC – равнобедренный,
C = 90°
c = 4 – гипотенуза
Найти: площадь треугольника SΔABC = ?
Решение:
SΔABC = • ab
Т.к. Δ ABC – равнобедренный, то углы при основании по 45° и катеты равны a = b.
По теореме Пифагора получаем:
c2 = a2 + b2 = a2 +a2 = 2a2
Тогда (4)2 = 2a2
a2 = 16
a = 4 (ед)
Тогда площадь треугольника
SΔABC = • ab = =
= 8 (квадратных единиц)
Ответ: 8 кв.ед.
***
Дано:
треугольник ΔABC,
A = 90°
AH – медиана
b = 8
Найти: радиус описанной окружности R = ?
Решение:
Т.к. AH – медиана, то CH = c
По теореме Пифагора получаем:
c2 = a2 + b2
c2 = 36 +64
c = 10 (ед)
Тогда CH = c = = 5 (ед)
Точка H – центр описанной окружности
AH = BH = CH = R
Т.к. R = AH, то R = AH = CH = 5 ед.
Ответ: 5 ед.
***
Дано:
треугольник ΔABC,
C = 90°
соотношение острых углов
ABC : CAB = 1 : 2
AC = 4
Найти: радиус описанной окружности R = ?
Решение:
x + 2x + 90 = 180
3x = 90
x = 30
Тогда CAB = 30°,
ABC = 2 • 30° = 60°
Следовательно, BC = AB
По теореме Пифагора получаем:
AC2 + BC2 = AB2
AC2 + = AB2
AC2 = AB2
AB2 = = 64
AB = 8 (ед)
R = AD = BD = 8 : 2 = 4 (ед)
Ответ: 4 ед.
***
Дано:
треугольник ΔABC,
BC = 3
радиус описанной окружности
R = 2,5
Найти: AC = ?
Решение:
R = AH = BH = 2,5
Тогда AB = 2,5 • 2 = 5
По теореме Пифагора получаем:
AC = = = = 4 (ед)
Ответ: 4.
***
Дано:
треугольник ΔABC,
C = 90°
tg A = 0,6
BC = 3
Найти: AC = ?
Решение:
tgA =
0,6 = ; AC = 3 • = 5 (ед)
Ответ: 5.
***
Дано:
треугольник ΔABC,
A = 90°
AH = AC
Найти: ABC = ?
Т.к. AH = AC, то Δ AHC – равнобедренный.
Точка H – радиус вписанной окружности, поэтому AH = CH, но AH = AC, следовательно, AH = CH = AC.
Тогда Δ AHC – равносторонний.
Значит, HAC = AHC = HCA = 60°.
ABC = 180° – (90° + 60°) = 30°.
Ответ: 30°.
***
Дано:
треугольник Δ ABC – правильный, равносторонний,
площадь треугольника
SΔABC = кв.ед.
Найти: длину биссектрисы BH = ?
Решение:
Рассмотрим Δ ABC – равнобедренный, где
BAC = BCA = 60°.
Тогда BH – медиана, высота.
Значит, перпендикулярны отрезки BH AC.
Рассмотрим треугольники Δ ABH и Δ BHC.
AB = BC, по условию.
AH = CH, BH – медиана.
BH – общая.
Значит, треугольники равны Δ ABH = Δ BHC.
Площадь треугольника SΔABC = 2SΔABH
Т.е. SΔABH = SΔABC = • = (кв.ед.)
SΔABH = AH • BH
Рассмотрим треугольник Δ ABH.
Т.к. BH – биссектриса, то уголABH = 30°, поэтому
AH = AB
SΔABH = AB • BH =
AB • BH = (*)
По теореме Пифагора получаем:
AB2 = AH2 + BH2
AB2 = AB2 + BH2
BH2 = AB2
BH = AB (**)
Используя результат (**) в уравнении (*), получаем
AB • AB =
AB2 =
AB =
Тогда AB • BH = • BH =
BH = 1 (ед.)
Ответ: BH = 1 ед.
***
Дано:
треугольник Δ ABC – правильный, равносторонний,
R =
Найти: площадь треугольника
SΔABC = ?
Решение:
Рассмотрим Δ ABO (AO = BO = R) Δ ABO – равнобедренный.
Проведем из вершины O к AB высоту OH.
Рассмотрим Δ AOH, где AHO = 90°.
Т.к. HAO = 30°, то OH = AO OH = R
OH = • =
По теореме Пифагора получаем:
OH2 + AH2 = OA2
OH2 + AH2 =R2
+ AH2 = ()2 + AH2 =
=
AH2 = – = AH = =
Тогда площадь треугольника
SΔAOH = AH • OH = ••= =
Следовательно, SΔABO = 2 • SΔAOH = 2 • = (кв.ед.)
Тогда площадь треугольника
SΔABC = 3 • SΔABO = 3 • = = 2= 2,25 (кв.ед.)
Ответ: 2,25 кв.ед.
***
Дано:
Площадь ромба SABCD = 384
Соотношение диагоналей ромба:
AC : BD = 3 : 4
Найти: сторону ромба AB = ?
Решение:
Площадь ромба
SABCD = AC • BD
Пусть x – коэффициент пропорциональности. Тогда
SABCD = 3x • 4x
384 = 6x2
x2 = 64
x = 8
Следовательно, диагональ BD = 4x = 4 • 8 = 32
AC = 3x = 3 • 8 = 24
AC = 2AO
BD = 2BO
Поэтому половина диагонали AO =AC = • 24 = 12
BO =BD = • 32 = 16
По теореме Пифагора получаем:
AO2 + BO2 = AB2
Сторона ромба AB = == 20
Ответ: 20.
***
Дано:
треугольник Δ ABD – равнобедренный,
сторона AB = 10
Найти: площадь треугольника
SΔABD = ?
Решение:
площадь треугольника
SΔABD = AD • BH
Проведем высоту BH к основанию AD.
По свойству равнобедренного треугольника:
BH – медиана, биссектриса, высота.
Т.к. BH – медиана, то AH = DH = 16 : 2 = 8 (ед.)
Рассмотрим треугольник Δ ABH, где угол AHB = 90°.
По теореме Пифагора получаем:
AB2 = AH2 + BH2
BH = = == 6 (ед.)
Тогда площадь треугольника
SΔABD = AD • BH = •16 • 6 = 48 (кв.ед.)
Ответ: площадь треугольника SΔABD = 48 кв.ед.
***
Дано:
треугольник Δ ABC –равнобедренный,
высота BH = 15
основание AC больше высоты BH на 15: AC > BH на 15
Найти: основание AC = ?
Решение:
Т.к. треугольник Δ ABC –равнобедренный, то BH – высота, медиана, биссектриса.
Поэтому AH = CH.
Тогда AC = AH + CH = AH + AH = 2 AH
Рассмотрим Δ ABH – прямоугольный.
Пусть AC = (x) ед. AH = () ед.
Тогда AB = (x – 15) ед. (по условию).
По теореме Пифагора решим уравнение:
(x – 15)2 = ()2 + 152 x2 – 30x + 225 = + 225
4 (x2 – 30x) = x2
4x2 – 120x = x2
3x2 – 120x = 0 | : x
3x = 120
x = 40
Таким образом, 40 ед. – длина основания.
Ответ: AC = 40 ед.
***
Дано:
A = 54°
B = 18°
CH – биссектриса углаC
Доказать: подобие треугольников
Δ BHC Δ ABC
Доказательство:
C = 180° – (A +B)
C = 180° – (54° + 18°) = 108°
Т.к. CH – биссектриса углаC, то
углы равны
BCH = HCA = 108° : 2 = 54°
Рассмотрим Δ BHC
HBC = B = 18°
BCH = A = 54°
Тогда CHB = C = 108°
Поэтому треугольники подобны Δ BHC Δ ABC.
***
Дано:
ABCD – трапеция,
верхнее основание BC = 4 см
нижнее основание AD = 10 см
диагональ BD = 8 см
Найти:
часть диагонали BO = ?
соотношение периметров треугольников
= ?
Решение:
Углы равны CBO = ODA как накрест лежащие при параллельных прямых BC и AD и секущей BD.
Углы равныBCO = OAD как накрест лежащие при параллельных прямых BC и AD и секущей AC.
Тогда треугольники подобны Δ BCO Δ AOD.
= = = =
= . Тогда 4AO = 10BO BO = AO
= = 0,4 = k
Пусть BO = x, AO = 8 – x. Тогда 10x = 4 • (8 – x)
10x = 32 – 4x
14x = 32
x = 2 (см)
Следовательно, BO = 2см.
= k = 0,4
Ответ: BO = 2см, = 0,4.
***
Дано:
подобные треугольники
ΔABC ΔA1B1C1 ,
AB = 12 дм,
BC = 16 дм,
AC = 20 дм,
P (ΔA1B1C1) = 60 дм
Найти:
стороны треугольника ΔA1B1C1
A1B1, A1C1, B1C1= ?
Решение:
Периметр треугольника
P (ΔABC) = 12 +16 + 20 = 48 (дм)
Т.к. треугольники подобны, то
==
=== k (*)
Тогда соотношение периметров треугольников
= k (**)
Из равенств (*) и (**) следует
=
=
B1C1 = = 20 (дм)
Тогда =
=
A1B1 = = 15 (дм)
A1C1 = P(ΔA1B1C1) – B1C1 – A1B1 = 60 – 20 – 15 = 25 (дм).
Ответ: A1C1 = 25 дм, A1B1 = 15 дм, B1C1 = 20 дм.
***
Дано:
стороны трапеции пересекаются в точке M:
AB ∩ CD = M,
BC = 5 см,
AD = 8 см,
AB = 3,9 см,
CD = 3,6 см
Найти:
MB, MC = ?
Решение:
Рассмотрим треугольники ΔAMD и ΔBMC:
BAD =MBC, как соответственные при параллельных прямых BC и AD и секущей AB.
MCB =MDA, как соответственные при параллельных прямых BC и AD и секущей CD.
Тогда, по первому признаку подобия треугольников:
треугольники подобны Δ AMD Δ BMC.
Следовательно,
= =
=,
но AM = AB + BM = 3,9 + BM
Тогда
8 • BM = 5 (3,9 + BM)
8BM – 5BM = 19,5
3BM = 19,5
BM = 6,5 (см)
=,
но MD = CD + MC = 3,6 + MC
8 • MC = 5 (3,6 + MC)
3MC = 18
MC = 6 (см)
Ответ: 6,5 см, 6 см.
***